试题6：已知WAV文件格式如下表，打开一个WAV文件，以适当的数据结构组织WAV文件头并解析WAV格式的各项信息。

正在装载数据……

　　WAVE文件格式说明表

	偏移地址	字节数	数据类型	内 容
文件头	00H	4	Char	"RIFF"标志
	04H	4	int32	文件长度
	08H	4	Char	"WAVE"标志
	0CH	4	Char	"fmt"标志
	10H	4		过渡字节（不定）
	14H	2	int16	格式类别
	16H	2	int16	通道数
	18H	2	int16	采样率（每秒样本数），表示每个通道的播放速度
	1CH	4	int32	波形音频数据传送速率
	20H	2	int16	数据块的调整数（按字节算的）
	22H	2		每样本的数据位数
	24H	4	Char	数据标记符＂data＂
	28H	4	int32	语音数据的长度

　　解答：

　　将WAV文件格式定义为结构体WAVEFORMAT：

typedef struct tagWaveFormat { 　char cRiffFlag[4]; 　UIN32 nFileLen; 　char cWaveFlag[4]; 　char cFmtFlag[4]; 　char cTransition[4]; 　UIN16 nFormatTag ; 　UIN16 nChannels; 　UIN16 nSamplesPerSec; 　UIN32 nAvgBytesperSec; 　UIN16 nBlockAlign; 　UIN16 nBitNumPerSample; 　char cDataFlag[4]; 　UIN16 nAudioLength; } WAVEFORMAT;

　　假设WAV文件内容读出后存放在指针buffer开始的内存单元内，则分析文件格式的代码很简单，为：

WAVEFORMAT waveFormat; memcpy( &waveFormat, buffer,sizeof( WAVEFORMAT ) );

　　直接通过访问waveFormat的成员，就可以获得特定WAV文件的各项格式信息。

　　剖析：

　　试题6考查面试者组织数据结构的能力，有经验的程序设计者将属于一个整体的数据成员组织为一个结构体，利用指针类型转换，可以将memcpy、memset等函数直接用于结构体地址，进行结构体的整体操作。 透过这个题可以看出面试者的程序设计经验是否丰富。

　　试题7：编写类String的构造函数、析构函数和赋值函数，已知类String的原型为：

class String { 　public: 　　String(const char *str = NULL); // 普通构造函数 　　String(const String &other); // 拷贝构造函数 　　~ String(void); // 析构函数 　　String & operate =(const String &other); // 赋值函数 　private: 　　char *m_data; // 用于保存字符串 };

　　解答：

//普通构造函数 String::String(const char *str) { 　if(str==NULL) 　{ 　　m_data = new char[1]; // 得分点：对空字符串自动申请存放结束标志'\0'的空 　　//加分点：对m_data加NULL 判断 　　*m_data = '\0'; 　} 　else 　{ 　　int length = strlen(str); 　　m_data = new char[length+1]; // 若能加 NULL 判断则更好 　　strcpy(m_data, str); 　} } // String的析构函数 String::~String(void) { 　delete [] m_data; // 或delete m_data; } //拷贝构造函数 String::String(const String &other) 　　　// 得分点：输入参数为const型 { 　int length = strlen(other.m_data); 　m_data = new char[length+1]; 　　　　//加分点：对m_data加NULL 判断 　strcpy(m_data, other.m_data); } //赋值函数 String & String::operate =(const String &other) // 得分点：输入参数为const型 { 　if(this == &other) 　　//得分点：检查自赋值 　　return *this; 　delete [] m_data; 　　　　//得分点：释放原有的内存资源 　int length = strlen( other.m_data ); 　m_data = new char[length+1]; 　//加分点：对m_data加NULL 判断 　strcpy( m_data, other.m_data ); 　return *this; 　　　　　　　　//得分点：返回本对象的引用 }

　　剖析：

　　能够准确无误地编写出String类的构造函数、拷贝构造函数、赋值函数和析构函数的面试者至少已经具备了C++基本功的60%以上！

　　在这个类中包括了指针类成员变量m_data，当类中包括指针类成员变量时，一定要重载其拷贝构造函数、赋值函数和析构函数，这既是对C++程序员的基本要求，也是《Effective　C++》中特别强调的条款。

　　仔细学习这个类，特别注意加注释的得分点和加分点的意义，这样就具备了60%以上的C++基本功！

　　试题8：请说出static和const关键字尽可能多的作用

　　解答：

　　static关键字至少有下列n个作用：

　　（1）函数体内static变量的作用范围为该函数体，不同于auto变量，该变量的内存只被分配一次，因此其值在下次调用时仍维持上次的值；

　　（2）在模块内的static全局变量可以被模块内所用函数访问，但不能被模块外其它函数访问；

　　（3）在模块内的static函数只可被这一模块内的其它函数调用，这个函数的使用范围被限制在声明它的模块内；

　　（4）在类中的static成员变量属于整个类所拥有，对类的所有对象只有一份拷贝；

　　（5）在类中的static成员函数属于整个类所拥有，这个函数不接收this指针，因而只能访问类的static成员变量。

　　const关键字至少有下列n个作用：

　　（1）欲阻止一个变量被改变，可以使用const关键字。在定义该const变量时，通常需要对它进行初始化，因为以后就没有机会再去改变它了；

　　（2）对指针来说，可以指定指针本身为const，也可以指定指针所指的数据为const，或二者同时指定为const；

　　（3）在一个函数声明中，const可以修饰形参，表明它是一个输入参数，在函数内部不能改变其值；

　　（4）对于类的成员函数，若指定其为const类型，则表明其是一个常函数，不能修改类的成员变量；

　　（5）对于类的成员函数，有时候必须指定其返回值为const类型，以使得其返回值不为“左值”。例如：

const classA operator*(const classA& a1,const classA& a2);

　　operator*的返回结果必须是一个const对象。如果不是，这样的变态代码也不会编译出错：

classA a, b, c; (a * b) = c; // 对a*b的结果赋值

　　操作(a * b) = c显然不符合编程者的初衷，也没有任何意义。

　　剖析：

　　惊讶吗？小小的static和const居然有这么多功能，我们能回答几个？如果只能回答1~2个，那还真得闭关再好好修炼修炼。

　　这个题可以考查面试者对程序设计知识的掌握程度是初级、中级还是比较深入，没有一定的知识广度和深度，不可能对这个问题给出全面的解答。大多数人只能回答出static和const关键字的部分功能。

　　4.技巧题

　　试题1：请写一个C函数，若处理器是Big_endian的，则返回0；若是Little_endian的，则返回1

　　解答：

int checkCPU() { 　{ 　　union w 　　{ 　　　int a; 　　　char b; 　　} c; 　　c.a = 1; 　　return (c.b == 1); 　} }

　　剖析：

　　嵌入式系统开发者应该对Little-endian和Big-endian模式非常了解。采用Little-endian模式的CPU对操作数的存放方式是从低字节到高字节，而Big-endian模式对操作数的存放方式是从高字节到低字节。例如，16bit宽的数0x1234在Little-endian模式CPU内存中的存放方式（假设从地址0x4000开始存放）为：

内存地址	存放内容
0x4000	0x34
0x4001	0x12

　　而在Big-endian模式CPU内存中的存放方式则为：

内存地址	存放内容
0x4000	0x12
0x4001	0x34

　　32bit宽的数0x12345678在Little-endian模式CPU内存中的存放方式（假设从地址0x4000开始存放）为：

内存地址	存放内容
0x4000	0x78
0x4001	0x56
0x4002	0x34
0x4003	0x12

　　而在Big-endian模式CPU内存中的存放方式则为：

内存地址	存放内容
0x4000	0x12
0x4001	0x34
0x4002	0x56
0x4003	0x78

　　联合体union的存放顺序是所有成员都从低地址开始存放，面试者的解答利用该特性，轻松地获得了CPU对内存采用Little-endian还是Big-endian模式读写。如果谁能当场给出这个解答，那简直就是一个天才的程序员。

　　试题2：写一个函数返回1+2+3+…+n的值（假定结果不会超过长整型变量的范围）

　　解答：

int Sum( int n ) { 　return ( (long)1 + n) * n / 2;　　//或return (1l + n) * n / 2; }

　　剖析：
　
　　对于这个题，只能说，也许最简单的答案就是最好的答案。下面的解答，或者基于下面的解答思路去优化，不管怎么“折腾”，其效率也不可能与直接return ( 1 l + n ) * n / 2相比！

int Sum( int n ) { 　long sum = 0; 　for( int i=1; i<=n; i++ ) 　{ 　　sum += i; 　} 　return sum; }

　　所以程序员们需要敏感地将数学等知识用在程序设计中。
 


本文来源：http://blog.csdn.net/sdhfll/archive/2007/08/24/1757165.aspx